标签：
有两个长度为 N 的序列 A 和 B，在 A 和 B 中各任取一个数可以得到 N^2 个和，求这N^2 个和中最小的 N个。
第一行输入一个正整数N；第二行N个整数Ai 且Ai≤10^9；第三行N个整数Bi，
且Bi≤10^9
输出仅一行，包含 n 个整数，从小到大输出这 N个最小的和，相邻数字之间用
空格隔开。
5
1 3 2 4 5
6 3 4 1 7
2 3 4 4 5
最暴力的方法：我们可以把所有情况都算出来，再排序，很显然，空间和时间都会爆。
网上的思路：（其实不是很明白这样算出来的i*j-1的前n个解就是最优解）
想办法把一些一定不可能的状态给消除掉。
首先还是给A，B排序，同样还是这个表：
| B\A | 1 | 2 | … | i | … | n |
|---|---|---|---|---|---|---|
| 1 | ||||||
| 2 | ||||||
| … | ||||||
| i | ||||||
| … | ||||||
| n |
观察到，对于(i,j)这个点，比它小的元素至少有i×j−1个。
由于我们要求前N小的，所以满足要求的点至少要满足i×j−1<n即i×j≤n。
这样我们可以把点的个数缩小至
时间复杂度：O(nlog2n)
空间复杂度：O(nlogn)
代码：实测172ms
#include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> #define M 100010 #define N 3000010 using namespace std; int a[M],b[M],c[M]; int main() { int n; scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]); for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&b[i]); sort(a+1,a+n+1); sort(b+1,b+n+1); int cnt=0; for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;i*j<=n;j++) c[++cnt]=a[i]+b[j]; sort(c+1,c+cnt+1); for(int i=1;i<=n;i++) printf("%d ",c[i]); return 0; }
标签：
原文地址：http://www.cnblogs.com/harden/p/5621654.html
