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题意：用最少的括号将给定的字符串匹配，输出最优解。可能有空行。
思路：dp。
dp[i][j]表示将区间i，j之间的字符串匹配需要的最少括号数，那么
如果区间左边是(或[，表示可以和右边的字符串匹配，枚举中间断点k，如果str[i]==str[k]则dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i+1][k-1]+dp[k+1][j])表示不需要加入新的括号，也可以插入新的括号则dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i+1][k]+dp[k+1][j]+1)。
如果区间最左边字符是）或]，那么它不可能和右边字符串匹配，状态转移为dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i+1][j]+1)
每次转移的时候记录一下转移路径，最后dfs输出即可。
注意可能有空串，所以要用gets。但是在题中每行读入之间有空行，所以要多用一个gets来吃掉这个空行，否则会出错。
建议交UVa，数据比较强。POJ和ZOJ数据较弱，我最初的代码在POJ和ZOJ都过了，UVa却一直TLE。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<vector> #include<iostream> #define INF 10000000 #define LL long long using namespace std; int f[105][105]; int flag[105][105]; int pos[105][105]; bool vis[105][105]; char str[105]; int dp(int L,int R) { if(L>R) return 0; if(vis[L][R]) return f[L][R]; vis[L][R]=true; f[L][R]=INF; if(str[L]==‘(‘||str[L]==‘[‘) { for(int i=L; i<=R; ++i) { if((str[L]==‘(‘&&str[i]==‘)‘)||(str[L]==‘[‘&&str[i]==‘]‘)) { int sx=dp(L+1,i-1),sy=dp(i+1,R); if(f[L][R]>sx+sy) { f[L][R]=sx+sy; flag[L][R]=-1; pos[L][R]=i; } } int dx=dp(L+1,i),dy=dp(i+1,R); if(f[L][R]>dx+dy+1) { f[L][R]=dx+dy+1; flag[L][R]=1; pos[L][R]=i; } } } else { int sx=dp(L+1,R); if(f[L][R]>sx+1) { f[L][R]=sx+1; flag[L][R]=1; pos[L][R]=L; } } return f[L][R]; } void output(int L,int R) { if(L<=R) { int p=pos[L][R]; if(flag[L][R]<0) { putchar(str[L]); output(L+1,p-1); putchar(str[p]); output(p+1,R); } else { if(str[L]==‘)‘||str[L]==‘]‘) { if(str[L]==‘)‘) putchar(‘(‘); else putchar(‘[‘); putchar(str[L]); output(L+1,R); } else { putchar(str[L]); output(L+1,p); if(str[L]==‘(‘) putchar(‘)‘); else putchar(‘]‘); output(p+1,R); } } } } int main() { int T; scanf("%d",&T); getchar(); while(T--) { gets(str); gets(str); memset(vis,0,sizeof(vis)); int L=strlen(str); dp(0,L-1); output(0,L-1); putchar(‘\n‘); if(T) putchar(‘\n‘); } return 0; }
UVa 1626 Brackets sequence (动态规划),布布扣,bubuko.com
UVa 1626 Brackets sequence (动态规划)
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原文地址：http://www.cnblogs.com/kkkwjx/p/3891820.html
