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题意：
有一个序列和一个区间集合，每次将序列中的一个数-1，求此时集合里有多少个区间和为0。序列大小≤100000，区间数≤100000，操作数≤100000。
题解：
此题解法其实并不难，对序列建线段树，用线段树每个节点维护区间和及覆盖该区间的集合内的区间的链表，同时记录每个集合内区间被分割为多少个区间。操作时就把查询经过的节点的区间和-1，如果为0则将覆盖该节点的区间的分割数-1，当分割数为0就让答案++。问题是复杂度，总是要遍历链表不会很慢吗？后来仔细想了一下，每次向线段树挂区间时最多挂log2n个节点，共影响到mlog2n个节点，因此遍历链表的总节点数为mlog2n，且当一个节点区间和变为0遍历链表后就永远不会再遍历，因此总复杂度大致是O(mlog2n)。
代码：
1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #include <algorithm> 4 #define inc(i,j,k) for(int i=j;i<=k;i++) 5 #define maxn 100100 6 using namespace std; 7 8 struct nd{int v,n;}; nd nds[maxn*50]; int v[maxn*4],tot[maxn],g[maxn*4],n,m,a[maxn],q,ans,ndss; 9 inline int read(){ 10 char ch=getchar(); int f=1,x=0; 11 while(ch<‘0‘||ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1; ch=getchar();} 12 while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘)x=x*10+ch-‘0‘,ch=getchar(); 13 return f*x; 14 } 15 void ins(int num,int node){ 16 nds[++ndss]=(nd){num,g[node]}; g[node]=ndss; 17 } 18 void update(int x){ 19 for(int i=g[x];i;i=nds[i].n){tot[nds[i].v]--; if(!tot[nds[i].v])ans++;} 20 } 21 void build(int x,int l,int r){ 22 if(l==r){v[x]=a[l]; return;}; int mid=l+r>>1; 23 build(x<<1,l,mid); build(x<<1|1,mid+1,r); v[x]=v[x<<1]+v[x<<1|1]; 24 } 25 void insert(int x,int l,int r,int ql,int qr,int num){ 26 if(ql<=l&&r<=qr){ins(num,x); tot[num]++; return;} int mid=l+r>>1; 27 if(ql<=mid)insert(x<<1,l,mid,ql,qr,num); if(mid<qr)insert(x<<1|1,mid+1,r,ql,qr,num); 28 } 29 void change(int x,int l,int r,int q){ 30 v[x]--; if(!v[x])update(x); if(l==r)return; int mid=l+r>>1; 31 if(q<=mid)change(x<<1,l,mid,q);else change(x<<1|1,mid+1,r,q); 32 } 33 int main(){ 34 //freopen("in.txt","r",stdin); 35 n=read(); m=read(); inc(i,1,n)a[i]=read(); build(1,1,n); 36 inc(i,1,m){int l=read(),r=read(); insert(1,1,n,l,r,i);} q=read(); 37 inc(i,1,q){int x=(read()+ans-1)%n+1; change(1,1,n,x); printf("%d\n",ans);} 38 return 0; 39 }
20160723
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原文地址：http://www.cnblogs.com/YuanZiming/p/5699496.html
