题目描述

让我们来考虑1到N的正整数集合。让我们把集合中的元素按照字典序排列，例如当N=11时，其顺序应该为：1,10,11,2,3,4,5,6,7,8,9。

定义K在N个数中的位置为Q(N,K)，例如Q(11,2)=4。现在给出整数K和M，要求找到最小的N，使得Q(N,K)=M。

输入输出格式

输入文件只有一行，是两个整数K和M。

输出文件只有一行，是最小的N，如果不存在这样的N就输出0。

输入输出样例

Sample 1: 2 4
Sample 2: 100000001 1000000000
这里Sample 1 和 2是分开的两个数据点。

Sample 1: 11
Sample 2: 100000000888888879

说明

【数据约定】

40%的数据，1<=K,M<=10^5；

100%的数据，1<=K,M<=10^9。

感受：

我当时在想难道用暴力？倍增？二分？……结果是道数论题，我C 鬼能做出来？自己看题解吧。

题解：

由于答案可能非常大，所以这道题显然不能用枚举，即便用二分，时间复杂度{O[N(logN)^2]}也特别大。我们可以设所有字典序比K小的数中的第M-1个为X，N就等于K与X的最大值，怎么求X呢？[delete]当然是枚举。[/delete]我们把所有字典序比K小的数分成无穷大个集合。集合Ai里的任意两个数j,k，都满足i=floor(log10(j))=floor(log10(k))（floor(a)表示取a的整数部分，log10(a)表示以10为底，以a为真的对数值），其中最大值为ai。我们可以发现，设K的左数第i位是pi,qi=∑pj*(i-j+1)(1<=j<=i),当j<=log10(K)，|Aj|=qj-1，aj=qj-1；当j>log10(K)，|Aj|=|A(j-1)|*10（请读者自己证明）。由此我们可求出X所在集合Ai，且X=ai+[M-∑|Aj|(1<=j<=i)]-1。求X所在集合的时间复杂度和求出X所在集合后求X的值的时间复杂度均为O[log10(N)]，总的时间复杂度为O[log10(N)]。

AC代码：

#include<iostream> 
using namespace std;
long long k,m,i,number,n;
int main(){
    cin>>k>>m;
    for(i=1;i<=k;i*=10) number+=k/i-i+1;number--;
    if(number>=m||k-(i/10)==0&&number<m-1) cout<<0;
    if(number>=m||k-(i/10)==0&&number<m-1) return 0;
    for(i=k-(i/10),n=k;number<m-1;i*=10,number+=i,n*=10);
    cout<<max(n-number+m-2,k);
    return 0;
}