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网赛的时候就是前三个小时过了后面五道,然后两个小时就没搞出啥了;账号密码都忘了,只好重新写一遍了;
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#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <bits/stdc++.h>
#include <stack>
#include <map>
using namespace std;
#define For(i,j,n) for(int i=j;i<=n;i++)
#define mst(ss,b) memset(ss,b,sizeof(ss));
#define ll long long;
typedef long long LL;
template<class T> void read(T&num) {
char CH; bool F=false;
for(CH=getchar();CH<‘0‘||CH>‘9‘;F= CH==‘-‘,CH=getchar());
for(num=0;CH>=‘0‘&&CH<=‘9‘;num=num*10+CH-‘0‘,CH=getchar());
F && (num=-num);
}
int stk[70], tp;
template<class T> inline void print(T p) {
if(!p) { puts("0"); return; }
while(p) stk[++ tp] = p%10, p/=10;
while(tp) putchar(stk[tp--] + ‘0‘);
putchar(‘\n‘);
}
const LL mod=1e9+7;
const double PI=acos(-1.0);
const LL inf=1e18;
const int N=1e6+2000;
const int maxn=2e5+50;
const double eps=1e-8;
int n,m,ans[maxn];
pair<int,int>p;
map<pair<int,int>,int>mp;
queue<int>q,qu;
inline void makepair(int u,int v)
{
p.first=u;
p.second=v;
mp[p]=1;
}
int main()
{
int t;
read(t);
while(t--)
{
mp.clear();
read(n);read(m);
int u,v,s;
For(i,1,m)
{
read(u);read(v);
makepair(u,v);
makepair(v,u);
}
read(s);
while(!q.empty())q.pop();
while(!qu.empty())qu.pop();
For(i,1,n)
{
if(s==i)continue;
qu.push(i);
}
q.push(s);
ans[s]=0;
while(!q.empty())
{
int fr=q.front();
q.pop();
int siz=qu.size();
p.first=fr;
while(siz--)
{
int f=qu.front();
qu.pop();
p.second=f;
if(!mp[p])ans[f]=ans[fr]+1,q.push(f);
else qu.push(f);
}
}
int num=0;
For(i,1,n)
{
if(i==s)continue;
num++;
if(num<n-1)printf("%d ",ans[i]);
else printf("%d\n",ans[i]);
}
}
return 0;
}
/*
题意：
求一个点多边少的补图的一个起点到其他所有点的最短距离;
思路：
补图里面的边就是原图里面没有的边,那么每次就判断两个点之间在原图中是否有边,主要是原图里面边较少可以这样判断;
*/
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#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <bits/stdc++.h>
#include <stack>
#include <map>
using namespace std;
#define For(i,j,n) for(int i=j;i<=n;i++)
#define mst(ss,b) memset(ss,b,sizeof(ss));
#define ll long long;
typedef long long LL;
template<class T> void read(T&num) {
char CH; bool F=false;
for(CH=getchar();CH<‘0‘||CH>‘9‘;F= CH==‘-‘,CH=getchar());
for(num=0;CH>=‘0‘&&CH<=‘9‘;num=num*10+CH-‘0‘,CH=getchar());
F && (num=-num);
}
int stk[70], tp;
template<class T> inline void print(T p) {
if(!p) { puts("0"); return; }
while(p) stk[++ tp] = p%10, p/=10;
while(tp) putchar(stk[tp--] + ‘0‘);
putchar(‘\n‘);
}
const LL mod=1e9+7;
const double PI=acos(-1.0);
const LL inf=1e18;
const int N=1e6+2000;
const int maxn=2e5+50;
const double eps=1e-8;
int a[maxn],b[maxn],c[maxn],cnt,sum[maxn],in[maxn],n;
LL k,ans;
vector<int>ve[maxn];
int lowbit(int x){return x&(-x);}
inline int query(int x)
{
int s=0;
while(x)
{
s+=sum[x];
x-=lowbit(x);
}
return s;
}
inline void update(int x,int num)
{
while(x<=cnt)
{
sum[x]+=num;
x+=lowbit(x);
}
}
inline int getpos(LL x)
{
int l=1,r=cnt;
while(l<=r)
{
int mid=(l+r)>>1;
if((LL)c[mid]>x)r=mid-1;
else l=mid+1;
}
return r;
}
void dfs(int cur)
{
int pos;
if(a[cur]==0)pos=cnt;
else pos=getpos(k/a[cur]);
ans=ans+query(pos);
int temp=getpos(a[cur]);
update(temp,1);
int len=ve[cur].size();
for(int i=0;i<len;i++)dfs(ve[cur][i]);
update(temp,-1);
}
int main()
{
int t;
read(t);
while(t--)
{
read(n);read(k);
For(i,0,n)
{
ve[i].clear();
sum[i]=in[i]=0;
}
For(i,1,n)read(a[i]),b[i]=a[i];
sort(b+1,b+n+1);
c[1]=b[1];cnt=1;ans=0;
For(i,2,n)
{
if(b[i]==b[i-1])continue;
c[++cnt]=b[i];
}
int u,v,root;
For(i,1,n-1)
{
read(u);read(v);
ve[u].push_back(v);
in[v]++;
}
For(i,1,n)
{
if(in[i])continue;
root=i;
break;
}
dfs(root);
print(ans);
}
return 0;
}
/*
题意：
求每个节点u以及和它的祖先节点v满足a[u]*a[v]<=k的对数和;
思路：
dfs的过程中将树状数组中保留的是它的所有祖先节点的信息,可以离散化后进行询问,
然后把这个点的信息更细到树状数组中,待它的所有节点都访问完了再删除,据说treap也可以做;
*/
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原文地址：http://www.cnblogs.com/zhangchengc919/p/5862055.html
