标签：step int pre submit script 规则 负数 rom ota
均分纸牌
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Description
有 N 堆纸牌，编号分别为 1，2，…, N。每堆上有若干张，但纸牌总数必为 N 的倍数。可以在任一堆上取若干张纸牌，然后移动。移牌规则为：在编号为 1 堆上取的纸牌，只能移到编号为 2 的堆上；在编号为 N 的堆上取的纸牌，只能移到编号为 N-1 的堆上；其他堆上取的纸牌，可以移到相邻左边或右边的堆上。现在要求找出一种移动方法，用最少的移动次数使每堆上纸牌数都一样多。例如 N=4，4 堆纸牌数分别为：
① 9 ② 8 ③ 17 ④ 6
移动3次可达到目的：
从 ③ 取 4 张牌放到 ④ （9 8 13 10） -> 从 ③ 取 3 张牌放到 ②（9 11 10 10）-> 从 ② 取 1 张牌放到①（10 10 10 10）。
Input
有多个测试案例，每个测试案例
第1行输入N（N 堆纸牌，1 <= N <= 100）
第2行输入A1 A2 … An （N 堆纸牌，每堆纸牌初始数，l<= Ai <=10000）
如果输入N=0,则表示结束
Output
对每个测试案例，输出一行，内容为使所有堆均达到相等时的最少移动次数。
Sample Input
4
9 8 17 6
0
Sample Output
3
【分析】
其实这个思路我也不知道为什么就是移动的最小的；网上说贪心是一种直觉、、、
然而 我又去网上搜了一下。。。。
http://www.cppblog.com/jince/archive/2010/09/09/126231.aspx
这位网友刨根问底的精神值得我去学习orz
基于我很烂表达能力 贴一段一本通上的分析
其实这个如果都减平均数 还要判断如果减去是0或者移动之后出现了0那么就不用移动了，下面的代码没有减去平均数，直接判断是否等于平均数
然后再上面的思路，就不用麻烦看看是否出现0不用移动的特判了。
【代码】
1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstdlib> 4 using namespace std; 5 int Card[101],ave; 6 int main() 7 { 8 int n,step=0; 9 scanf("%d",&n); 10 for(int i=1;i<=n;i++) 11 { 12 scanf("%d",&Card[i]); 13 ave+=Card[i]; 14 } 15 ave/=n;//平均值 16 for(int i=1;i<=n;i++) 17 { 18 if(Card[i]!=ave)//不等于平均数就向后一堆借 19 { 20 Card[i+1]+=Card[i]-ave;//后一堆分给前一堆；后一堆不够先为负，先让当前堆满足平均数。。。 21 step++; 22 } 23 } 24 printf("%d",step); 25 return 0; 26 }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/zzyh/p/6641935.html
