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Ray 乐忠于旅游，这次他来到了T 城。T 城是一个水上城市，一共有 N 个景点，有些景点之间会用一座桥连接。为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本，T 城的任意两个景点之间有且只有一条路径。换句话说， T 城中只有N ? 1 座桥。Ray 发现，有些桥上可以看到美丽的景色，让人心情愉悦，但有些桥狭窄泥泞，令人烦躁。于是，他给每座桥定义一个愉悦度w，也就是说，Ray 经过这座桥会增加w 的愉悦度，这或许是正的也可能是负的。有时，Ray 看待同一座桥的心情也会发生改变。现在，Ray 想让你帮他计算从u 景点到v 景点能获得的总愉悦度。有时，他还想知道某段路上最美丽的桥所提供的最大愉悦度，或是某段路上最糟糕的一座桥提供的最低愉悦度。
输入的第一行包含一个整数N，表示T 城中的景点个数。景点编号为 0...N ? 1。接下来N ? 1 行，每行三个整数u、v 和w，表示有一条u 到v，使 Ray 愉悦度增加w 的桥。桥的编号为1...N ? 1。|w| <= 1000。输入的第N + 1 行包含一个整数M，表示Ray 的操作数目。接下来有M 行，每行描述了一个操作，操作有如下五种形式： C i w，表示Ray 对于经过第i 座桥的愉悦度变成了w。 N u v，表示Ray 对于经过景点u 到v 的路径上的每一座桥的愉悦度都变成原来的相反数。 SUM u v，表示询问从景点u 到v 所获得的总愉悦度。 MAX u v，表示询问从景点u 到v 的路径上的所有桥中某一座桥所提供的最大愉悦度。 MIN u v，表示询问从景点u 到v 的路径上的所有桥中某一座桥所提供的最小愉悦度。测试数据保证，任意时刻，Ray 对于经过每一座桥的愉悦度的绝对值小于等于1000。
对于每一个询问(操作S、MAX 和MIN)，输出答案。
3
0 1 1
1 2 2
8
SUM 0 2
MAX 0 2
N 0 1
SUM 0 2
MIN 0 2
C 1 3
SUM 0 2
MAX 0 2
3
2
1
-1
5
3
一共有10 个数据，对于第i (1 <= i <= 10) 个数据， N = M = i * 2000。
又不要修改边的连接，
用什么\(LCT\)
不是直接搞一个树链剖分就可以了吗？
多简单
但是我就是手贱而已。。。
我就要用\(LCT\)来做
（其实是练习一下\(LCT\)嗷）
反正，之前说过
\(LCT\)维护边权的方法是把边单独拆开作为一个点来看待
那么，直接维护一下就好啦。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<set>
#include<map>
#include<vector>
#include<queue>
using namespace std;
#define MAX 21000
#define INF (1000000000)
#define lson (t[x].ch[0])
#define rson (t[x].ch[1])
inline int read()
{
int x=0,t=1;char ch=getchar();
while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-')ch=getchar();
if(ch=='-')t=-1,ch=getchar();
while(ch<='9'&&ch>='0')x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*t;
}
struct Node
{
int ff,ch[2];
int sum,ma,mi,w;
int rev;
void init(int W)
{
mi=ma=w=sum=W;
}
}t[MAX<<1];
int S[MAX<<1],top;
int n;
inline bool isroot(int x){return t[t[x].ff].ch[0]!=x&&t[t[x].ff].ch[1]!=x;}
inline void pushdown(int x)
{
if(!t[x].rev)return;
swap(lson,rson);
t[lson].rev^=1;
t[rson].rev^=1;
t[x].rev^=1;
}
inline void pushup(int x)
{
t[x].init(t[x].w);
t[x].sum=t[lson].sum+t[rson].sum+t[x].w;
if(x<=n)t[x].mi=INF,t[x].ma=-INF;
t[x].mi=min(t[x].mi,min(t[lson].mi,t[rson].mi));
t[x].ma=max(t[x].ma,max(t[lson].ma,t[rson].ma));
}
void rotate(int x)
{
int y=t[x].ff,z=t[y].ff;
int k=t[y].ch[1]==x;
if(!isroot(y))t[z].ch[t[z].ch[1]==y]=x;t[x].ff=z;
t[y].ch[k]=t[x].ch[k^1];t[t[x].ch[k^1]].ff=y;
t[x].ch[k^1]=y;t[y].ff=x;
pushup(y);pushup(x);
}
void Splay(int x)
{
S[top=1]=x;
for(int i=x;!isroot(i);i=t[i].ff)S[++top]=t[i].ff;
while(top)pushdown(S[top--]);
while(!isroot(x))
{
int y=t[x].ff,z=t[y].ff;
if(!isroot(y))
(t[z].ch[0]==y)^(t[y].ch[0]==x)?rotate(x):rotate(y);
rotate(x);
}
}
void access(int x){for(int y=0;x;y=x,x=t[x].ff)Splay(x),t[x].ch[1]=y,pushup(x);}
void makeroot(int x){access(x);Splay(x);t[x].rev^=1;}
void split(int x,int y){makeroot(x);access(y);Splay(y);}
void cut(int x,int y){split(x,y);t[y].ch[0]=t[x].ff=0;pushup(y);}
void link(int x,int y){makeroot(x);t[x].ff=y;}
void N(int x)
{
if(lson)N(lson);
if(rson)N(rson);
t[x].init(-t[x].w);
pushup(x);
}
int main()
{
n=read();
t[0].mi=INF;t[0].ma=-INF;
for(int i=1,u,v;i<n;++i)
{
u=read()+1;v=read()+1;
t[i+n].w=read();t[i+n].init(t[i+n].w);
link(u,i+n);link(v,i+n);
}
int m=read();
char ch[10];
while(m--)
{
scanf("%s",ch);
if(ch[0]=='C')
{
int k=read(),W=read();
makeroot(k+n);
t[k+n].init(W);
}
else if(ch[0]=='N')
{
int x=read()+1,y=read()+1;
split(x,y);
N(y);
}
else if(ch[0]=='S')
{
int x=read()+1,y=read()+1;
split(x,y);
printf("%d\n",t[y].sum);
}
else if(ch[1]=='A')
{
int x=read()+1,y=read()+1;
split(x,y);
printf("%d\n",t[y].ma);
}
else
{
int x=read()+1,y=read()+1;
split(x,y);
printf("%d\n",t[y].mi);
}
}
return 0;
}【BZOJ2175】旅游（树链剖分，Link-Cut Tree）
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原文地址：http://www.cnblogs.com/cjyyb/p/7858240.html
