标签：整数 logs 说明 span for 空间 str NPU ++
题目链接http://codevs.cn/problem/2033/
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已知一个 N 枚邮票的面值集合（如，{1 分，3 分}）和一个上限 K —— 表示信封上能够贴 K 张邮票。计算从 1 到 M 的最大连续可贴出的邮资。
例如，假设有 1 分和 3 分的邮票；你最多可以贴 5 张邮票。很容易贴出 1 到 5 分的邮资（用 1 分邮票贴就行了），接下来的邮资也不难：
6 = 3 + 3 7 = 3 + 3 + 1 8 = 3 + 3 + 1 + 1 9 = 3 + 3 + 3 10 = 3 + 3 + 3 + 1 11 = 3 + 3 + 3 + 1 + 1 12 = 3 + 3 + 3 + 3 13 = 3 + 3 + 3 + 3 + 1
然而，使用 5 枚 1 分或者 3 分的邮票根本不可能贴出 14 分的邮资。因此，对于这两种邮票的集合和上限 K=5，答案是 M=13。
小提示:因为14贴不出来,所以最高上限是13而不是15
第 1 行： 两个整数，K 和 N。K（1 <= K <= 200）是可用的邮票总数。N（1 <= N <= 50）是邮票面值的数量。
第 2 行 .. 文件末： N 个整数，每行 15 个，列出所有的 N 个邮票的面值，每张邮票的面值不超过 10000。
第 1 行：一个整数，从 1 分开始连续的可用集合中不多于 K 张邮票贴出的邮资数。
5 2 1 3
13
说明
题目翻译来自NOCOW。
USACO Training Section 3.1
题目分析
具体分析参见https://www.cnblogs.com/huashanqingzhu/p/8408769.html
这里只写代码
1 #include<stdio.h> 2 #include<stdlib.h> 3 int a[260]={0},flag=0;//a[i]表示第i种邮票的面额 4 int p[2000005]={0}; //p[i]表示构造i这个值需要的邮票数量 5 int main() 6 { 7 int N,K,i; 8 int ans=0; 9 freopen("data.in","r",stdin); 10 11 scanf("%d%d",&K,&N);//最多可以贴K张邮票。总共有N种不同的邮票 12 for(i=0;i<N;i++) 13 { 14 scanf("%d",&a[i]); 15 if(a[i]==1) flag=1; 16 } 17 18 if(flag==0) {printf("0");return 0;} 19 do 20 { 21 ans++; 22 for(i=0;i<N;i++) 23 { 24 if(ans-a[i]>=0) 25 { 26 if(p[ans]==0) p[ans]=p[ans-a[i]]+1; 27 else if(p[ans]>p[ans-a[i]]+1) p[ans]=p[ans-a[i]]+1; 28 } 29 } 30 if(p[ans]==0 || p[ans]>K) 31 { printf("%d",ans-1); break; } 32 }while(1); 33 return 0; 34 }
标签：整数 logs 说明 span for 空间 str NPU ++
原文地址：https://www.cnblogs.com/huashanqingzhu/p/10326057.html
