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强连通分量

时间:2020-07-15 23:56:52      阅读:76      评论:0      收藏:0      [点我收藏+]

标签:tin   个数   无向图   dash   cos   network   题意   str   out   

今天听了ztcdl的讲解,队友lkt,cyx带了我几道模板题,突然感觉自己行了(可能自己还没睡醒,才有勇气写板子了)


强连通分量的预备姿势:

①树上的DFS序(时间戳):一句话,就是按照dfs的遍历顺序,把每个点再对应一个dfn数组,dfn[i]存的就是dfs序的时间戳。

②DFS树:就是在DFS时通向还没有访问过的点的那些边所形成的树。不在树上的边统称为非树边,对于无向图,就只有返祖边;对于有向图,有返祖边、横叉边、前向边。

技术图片

黄色的为:返祖边(指向其祖先)

蓝色的为:前向边(跨过儿子指孙子)

红色的为:横叉边(指向别的子树)

③强联通的概念

技术图片

例如:

  图一:所有点都可以走到这个强联通分量中的任意一个点(属于强联通SCC)

  图二:显然不满足SCC

④缩点的思想

在找到强联通之后,我们可以将一个强连通分量视为一个点,从而构造DAG。


SCC的代码理解:

我们发现,横叉边会影响判断,所以应该直接删去;前向边不影响答案,可以无视它;只有返祖边才会形成SCC。

const int maxn = 1e4 + 10;
vector<int>Map[maxn];
vector<int>a[maxn];
int n, m;
int low[maxn];      //low[i]表示从i出发能够回到的最远的祖先
int sccno[maxn];    //sccno[i]表示i属于第sccno[i]个强连通分量
int dfn[maxn];      //DFS序就是DFS时某个点是第几个被访问的,用dfn[i]表示i的时间戳,
int dfs_clock;      //时间戳
int scc_cnt;        //强连通分量的个数
stack<int>S;
int num[maxn];      //num[i]表示第i个强连通分量中存在多少点
void tarjan(int u)  //dfs(u)结束后 low[u]、pre[u]将会求出
{
    dfn[u] = low[u] = ++dfs_clock;
    S.push(u);
    for (int i = 0; i < Map[u].size(); i++)//u->v
    {
        int v = Map[u][i];
        if (!dfn[v])               //说明v还未被dfs
        {
            tarjan(v);             //会自动求出low[v]、dfn[v]
            low[u] = min(low[u], low[v]);
        }
        else if (!sccno[v])        //说明v正在dfs:只求出了dfn[v]
            low[u] = min(low[u], dfn[v]);
    }
    if (dfn[u] == low[u])          //说明找到了一个强连通分量
    {
        scc_cnt++;
        for (;;)
        {
            int x = S.top(); S.pop();
            sccno[x] = scc_cnt;
            num[scc_cnt]++;
            a[scc_cnt].push_back(x);
            if (x == u)break;
        }
    }
}

void find_scc()
{
    dfs_clock = scc_cnt = 0;
    memset(dfn, 0, sizeof(dfn));
    memset(low, 0, sizeof(low));
    memset(sccno, 0, sizeof(sccno));
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        if (!dfn[i])              //dfn[i] == 0 说明还没走第i个点
            tarjan(i);
}

可以手模一下下图:

技术图片

先应该将边3->4,5->6直接删去

之后,初始化栈为empty

①1进入,dfn[1]=low[1]=++cnt=1   栈:1

②1->2 dfn[2]=low[2]=++cnt=2    栈: 1 2

③2->4 dfn[4]=low[4]=++cnt=3    栈: 1 2 4

④4->6 dfn[6]=low[6]=++cnt=4    栈: 1 2 4 6

6无出度,dfn[6]==low[6],说明6是SCC的根节点

回溯到4后发现4找到了一个已经在栈中的点1,更新low[4],于是 low[4]=1

由4继续回到2 low[2]=1;

由2继续回到1 low[1]=1;

另一支,low[5]=dfn[5]=6;

由5继续回到3 low[3]=5;

由3继续回到1 low[1]=1;

画图更快:(橙色为dfn,蓝色为low)

技术图片


例题:POJ1236 Network of Schools

题面:

技术图片

题意:输入N行,第i行就表示,i与第i行中的所有数字x有一条i->x的边,每行以0结尾,第一行输出至少发几次能让所有学校收到软件;第二行输出如果只发一次,还需要添加几条线路。

题解:裸题,题A直接跑tarjan即可,缩点后,需要向所有入度为0的点发送信息

题B,统计一下缩完点后入度为0,出度为0的点的个数,贪心策略——入度为0的点和出度为0的点相连,答案为:max(入度0,出度0)

需要注意,特判天然是一个SCC的情况(此情况题B无需加边,如果不特判会被看成max(出度0,入度0)=1)。

#include <iostream> 
#include <stack>
#include <vector>
#include <algorithm>
#include <cstring>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = 1e4 + 10;
vector<int>Map[maxn];
vector<int>a[maxn];
int n, m;
int low[maxn];      //low[i]表示从i出发能够回到的最远的祖先
int sccno[maxn];    //sccno[i]表示i属于第sccno[i]个强连通分量
int dfn[maxn];      //DFS序就是DFS时某个点是第几个被访问的,用dfn[i]表示i的时间戳,
int dfs_clock;      //时间戳
int scc_cnt;        //强连通分量的个数

stack<int>S;
int num[maxn];      //num[i]表示第i个强连通分量中存在多少点
void tarjan(int u)  //dfs(u)结束后 low[u]、pre[u]将会求出
{
    dfn[u] = low[u] = ++dfs_clock;
    S.push(u);
    for (int i = 0; i < Map[u].size(); i++)//u->v
    {
        int v = Map[u][i];
        if (!dfn[v])               //说明v还未被dfs
        {
            tarjan(v);             //会自动求出low[v]、dfn[v]
            low[u] = min(low[u], low[v]);
        }
        else if (!sccno[v])        //说明v正在dfs:只求出了dfn[v]
            low[u] = min(low[u], dfn[v]);
    }
    if (dfn[u] == low[u])          //说明找到了一个强连通分量
    {
        scc_cnt++;
        for (;;)
        {
            int x = S.top(); S.pop();
            sccno[x] = scc_cnt;
            num[scc_cnt]++;
            a[scc_cnt].push_back(x);
            if (x == u)break;
        }
    }
}
void find_scc()
{
    dfs_clock = scc_cnt = 0;
    memset(dfn, 0, sizeof(dfn));
    memset(low, 0, sizeof(low));
    memset(sccno, 0, sizeof(sccno));
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        if (!dfn[i])              //dfn[i] == 0 说明还没走第i个点
            tarjan(i);
}
int in[maxn];//记录重构图后的入度
int out[maxn];//记录重构图后的出度
void init(void)
{
    memset(num, 0, sizeof(num));
    memset(in, 0, sizeof(in));
    memset(out, 0, sizeof(out));
    for (int i = 0; i < maxn; i++)
        Map[i].clear(), a[i].clear();
}
int main()
{
    cin >> n;
    init();
    for (int i = 1; i <= n; i++)
    {
        int k;
        while (cin >> k)
        {
            if (k == 0)break;
            Map[i].push_back(k);
        }
    }
    find_scc();//找出所有的强连通分量
    //缩点
    for (int u = 1; u <= n; u++)
    {
        for (int i = 0; i < Map[u].size(); ++i)//for(int i=0;i<Map[u].size();++i){v=Map[u][i]}
        {
            int v = Map[u][i];
            if (sccno[u] == sccno[v])
                continue;
            in[sccno[v]]++;
            out[sccno[u]]++;
        }
    }
    if (scc_cnt == 1)
        cout << 1 << endl << 0 << endl;
    else 
    {
        ll ans = 0;
        int in_n = 0, out_n = 0;
        for (int i = 1; i <= scc_cnt; i++)
        {
            if (in[i] == 0)
                in_n++;
            if (out[i] == 0)
                out_n++;
        }
        cout << in_n <<endl;
        cout << max(in_n, out_n) << endl;
    }
    return 0;
}

例题:HDU1269 迷宫城堡

题面:

技术图片

题意:找是否存在一个SCC满足包含所有点

题解:裸题,直接跑tarjan即可,法①判断是否只有一个SCC;法②判断是否存在n个点的SCC

代码:

#include <iostream> 
#include <stack>
#include <vector>
#include <algorithm>
#include <cstring>
using namespace std;
const int maxn = 1e4 + 10;
vector<int>Map[maxn];
vector<int>a[maxn];
int n, m;
int low[maxn];       //low[i]表示从i出发能够回到的最远的祖先
int sccno[maxn];     //sccno[i]表示i属于第sccno[i]个强连通分量
int dfn[maxn];       //DFS序就是DFS时某个点是第几个被访问的,用dfn[i]表示i的时间戳,
int dfs_clock;       //时间戳
int scc_cnt;         //强连通分量的个数
                    
stack<int>S;
int num[maxn];//num[i]表示第i个强连通分量中存在多少点
void tarjan(int u)//dfs(u)结束后 low[u]、pre[u]将会求出
{
    dfn[u] = low[u] = ++dfs_clock;
    S.push(u);
    for (auto v : Map[u])//u->v
    {
        if (!dfn[v])//说明v还未被dfs
        {
            tarjan(v);//会自动求出low[v]、dfn[v]
            low[u] = min(low[u], low[v]);
        }
        else if (!sccno[v])//说明v正在dfs:只求出了dfn[v]
            low[u] = min(low[u], dfn[v]);
    }
    if (dfn[u] == low[u])//说明找到了一个强连通分量
    {
        scc_cnt++;
        for (;;)
        {
            int x = S.top(); S.pop();
            sccno[x] = scc_cnt;
            num[scc_cnt]++;
            a[scc_cnt].push_back(x);
            if (x == u)break;
        }
    }
}
void find_scc()
{
    dfs_clock = scc_cnt = 0;
    memset(dfn, 0, sizeof(dfn));
    memset(low, 0, sizeof(low));
    memset(sccno, 0, sizeof(sccno));
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        if (!dfn[i])//dfn[i] == 0 说明还没走第i个点
            tarjan(i);
}
int main()
{
    while (cin >> n >> m)
    {
        if (n == 0 && m == 0)break;
        memset(num, 0, sizeof(num));
        for (int i = 0; i < maxn; i++)
            Map[i].clear(), a[i].clear();
        for (int i = 1; i <= m; i++)
        {
            int u, v;
            cin >> u >> v;
            Map[u].push_back(v);
        }
        find_scc();//找出所有的强连通分量
        int flag = 0;
        for (int i = 1; i <= scc_cnt; i++)
        {
            if (num[i] == n)
                flag = 1;
        }
        if (flag == 1)
            cout << "Yes" << endl;
        else
            cout << "No" << endl;
    }
    return 0;
}

例题:P2341 [USACO03FALL][HAOI2006]受欢迎的牛 G

题面:

技术图片

题意:缩点后找出度为0的点是否唯一,如果唯一,则认为是这个点的整体是受欢迎的,直接输出这个(可能缩过的)点包含的总点数。

如果在缩点后有多个出度为0的点,显然不是在一条链上,一定不符合题意。

代码:

#include <iostream> 
#include <stack>
#include <vector>
#include <algorithm>
#include <cstring>
using namespace std;
const int maxn = 1e4 + 10;
vector<int>Map[maxn];
int n, m;
int low[maxn];   //low[i]表示从i出发能够回到的最远的祖先
int sccno[maxn]; //sccno[i]表示i属于第sccno[i]个强连通分量
int dfn[maxn];   //DFS序就是DFS时某个点是第几个被访问的,用dfn[i]表示i的时间戳
int dfs_clock;   //时间戳
int scc_cnt;     //强连通分量的个数

stack<int>S;
int num[maxn];//num[i]表示第i个强连通分量中存在多少点
vector<int>a[maxn];
void tarjan(int u)//dfs(u)结束后 low[u]、pre[u]将会求出
{
    dfn[u] = low[u] = ++dfs_clock;
    S.push(u);
    for (auto v : Map[u])//u->v
    {
        if (!dfn[v])//说明v还未被dfs
        {
            tarjan(v);//会自动求出low[v]、dfn[v]
            low[u] = min(low[u], low[v]);
        }
        else if (!sccno[v])//说明v正在dfs:只求出了dfn[v]
            low[u] = min(low[u], dfn[v]);
    }
    if (dfn[u] == low[u])//说明找到了一个强连通分量
    {
        scc_cnt++;
        for (;;)
        {
            int x = S.top(); S.pop();
            sccno[x] = scc_cnt;
            num[scc_cnt]++;
            a[scc_cnt].push_back(x);
            if (x == u)break;
        }
    }
}

void find_scc()
{
    dfs_clock = scc_cnt = 0;
    memset(dfn, 0, sizeof(dfn));
    memset(sccno, 0, sizeof(sccno));
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        if (!dfn[i])//dfn[i] == 0 说明还没走第i个点
            tarjan(i);
}

int chu[maxn];//chu[i]表示第i个强连通分量的出度
int main()
{
    cin >> n >> m;
    for (int i = 1; i <= m; i++)
    {
        int u, v;
        cin >> u >> v;
        Map[u].push_back(v);
    }
    find_scc();//找出所有的强连通分量
    for (int u = 1; u <= n; u++)//重建图
    {
        for (auto v : Map[u])
        {
            //u->v
            if (sccno[u] == sccno[v])//说明u,v属于同一个
                continue;
            chu[sccno[u]]++;
        }
    }
    //缩点后 scc_cnt个点
    int number = 0, ans;//number表示出度为0的强连通分量的数量
    for (int i = 1; i <= scc_cnt; i++)
        if (chu[i] == 0)//出度为0
        {
            number++;
            ans = num[i];
        }
    if (number != 1)ans = 0;
    cout << ans << endl;
    return 0;
}

例题:HDU5934 Bomb 

题面:

技术图片

题解:先根据题意构图,题意为A、B中心点的距离如果小于A的爆炸半径,认为A->B有一条有向边;如果小于B的爆炸半径,则认为B->A有一条有向边

所以只要先存图,存完之后就是一个tarjan的裸题。

代码:

#include <iostream> 
#include <stack>
#include <vector>
#include <algorithm>
#include <cstring>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = 1e4 + 10;
vector<int>Map[maxn];
vector<int>a[maxn];
int n, m;
int low[maxn];      //low[i]表示从i出发能够回到的最远的祖先
int sccno[maxn];    //sccno[i]表示i属于第sccno[i]个强连通分量
int dfn[maxn];      //DFS序就是DFS时某个点是第几个被访问的,用dfn[i]表示i的时间戳
int dfs_clock;      //时间戳
int scc_cnt;        //强连通分量的个数

stack
<int>S; int num[maxn];//num[i]表示第i个强连通分量中存在多少点 void tarjan(int u)//dfs(u)结束后 low[u]、pre[u]将会求出 { dfn[u] = low[u] = ++dfs_clock; S.push(u); for (auto v : Map[u])//u->v { if (!dfn[v])//说明v还未被dfs { tarjan(v);//会自动求出low[v]、dfn[v] low[u] = min(low[u], low[v]); } else if (!sccno[v])//说明v正在dfs:只求出了dfn[v] low[u] = min(low[u], dfn[v]); } if (dfn[u] == low[u])//说明找到了一个强连通分量 { scc_cnt++; for (;;) { int x = S.top(); S.pop(); sccno[x] = scc_cnt; num[scc_cnt]++; a[scc_cnt].push_back(x); if (x == u)break; } } } void find_scc() { dfs_clock = scc_cnt = 0; memset(dfn, 0, sizeof(dfn)); memset(low, 0, sizeof(low)); memset(sccno, 0, sizeof(sccno)); for (int i = 1; i <= n; i++) if (!dfn[i])//dfn[i] == 0 说明还没走第i个点 tarjan(i); } struct node { ll x, y, r, c; }p[maxn]; ll col(ll x1, ll y1, ll x2, ll y2) { ll dis = (x1 - x2) * (x1 - x2) + (y1 - y2) * (y1 - y2); return dis; } ll cost_min[maxn];//记录第i个强连通分量的最小费用 int in[maxn];//记录重构图后的入度 void init(void) { memset(num, 0, sizeof(num)); memset(cost_min, 0x3f, sizeof(cost_min)); memset(in, 0, sizeof(in)); for (int i = 0; i < maxn; i++) Map[i].clear(), a[i].clear(); } int main() { int t; cin >> t; for (int num = 1; num <= t; num++) { init(); cin >> n; for (int i = 1; i <= n; i++) cin >> p[i].x >> p[i].y >> p[i].r >> p[i].c; for (int i = 1; i <= n; i++) { for (int j = i + 1; j <= n; j++) { if (col(p[i].x, p[i].y, p[j].x, p[j].y) <= p[i].r * p[i].r) Map[i].push_back(j); if (col(p[i].x, p[i].y, p[j].x, p[j].y) <= p[j].r * p[j].r) Map[j].push_back(i); } } find_scc();//找出所有的强连通分量 for (int i = 1; i <= n; i++) cost_min[sccno[i]] = min(cost_min[sccno[i]], p[i].c); //缩点 for (int u = 1; u <= n; u++) { for (auto v : Map[u]) { if (sccno[u] == sccno[v]) continue; in[sccno[v]]++; } } ll ans = 0; for (int i = 1; i <= scc_cnt; i++) { if (in[i] == 0) ans += cost_min[i]; } printf("Case #%d: %lld\n", num, ans); } return 0; }

 

强连通分量

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原文地址:https://www.cnblogs.com/ZJNU-huyh/p/13307574.html

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