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题意:n个节点的树,每个点有一种颜色。现有m种询问,每次询问x y a b表示x到y的路径上颜色的种数且a颜色看成b颜色。(n<=50000, m<=100000)
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=50005;
int ihead[N], cnt, id[N], blo[N], f[N][16], dep[N], cal[N], col[N], st[N], n, m, Ans[N], ans, ID;
struct E { int next, to; }e[N<<1];
struct Q { int x, y, a, b, id; }q[N*2];
bool cmp(const Q &a, const Q &b) { return blo[a.x]==blo[b.x]?id[a.y]<id[b.y]:blo[a.x]<blo[b.x]; }
void add(int x, int y) { e[++cnt]=(E){ihead[x], y}; ihead[x]=cnt; e[++cnt]=(E){ihead[y], x}; ihead[y]=cnt; }
void dfs(int x) {
id[x]=++ID;
for(int i=1; i<=15; ++i) f[x][i]=f[f[x][i-1]][i-1];
for(int i=ihead[x]; i; i=e[i].next) if(e[i].to!=f[x][0]) { dep[e[i].to]=dep[x]+1; f[e[i].to][0]=x; dfs(e[i].to); }
}
int LCA(int x, int y) {
if(dep[x]<dep[y]) swap(x, y);
int d=dep[x]-dep[y];
for(int i=15; i>=0; --i) if((d>>i)&1) x=f[x][i]; if(x==y) return x;
for(int i=15; i>=0; --i) if(f[x][i]!=f[y][i]) x=f[x][i], y=f[y][i];
return f[x][0];
}
void update(int x) {
if(st[x]) { if(!(--cal[col[x]])) --ans; }
else { if(!cal[col[x]]) ++ans; ++cal[col[x]]; }
st[x]=!st[x];
}
void move(int x, int y) {
while(x!=y)
if(dep[x]>dep[y]) update(x), x=f[x][0];
else update(y), y=f[y][0];
}
bool check(int a, int b) { return cal[a] && cal[b] && a!=b; } //a!=b
void pre() {
dfs(1);
for(int i=1; i<=m; ++i) { scanf("%d%d%d%d", &q[i].x, &q[i].y, &q[i].a, &q[i].b), q[i].id=i; if(id[q[i].x]>id[q[i].y]) swap(q[i].x, q[i].y); }
int sq=sqrt(n+0.5);
for(int i=1; i<=n; ++i) blo[i]=(i-1)/sq;
sort(q+1, q+1+m, cmp);
q[0].x=q[0].y=1;
}
void work() {
for(int i=1; i<=m; ++i) {
move(q[i-1].x, q[i].x); move(q[i-1].y, q[i].y);
int lca=LCA(q[i].x, q[i].y);
update(lca);
Ans[q[i].id]=ans;
if(check(q[i].a, q[i].b)) --Ans[q[i].id];
update(lca);
}
for(int i=1; i<=m; ++i) printf("%d\n", Ans[i]);
}
int main() {
scanf("%d%d", &n, &m);
for(int i=1; i<=n; ++i) scanf("%d", &col[i]);
for(int i=1; i<=n; ++i) {
int x, y; scanf("%d%d", &x, &y);
if(!x || !y) continue;
add(x, y);
}
pre();
work();
return 0;
}
树上分块= =
首先一开始就强行yy到了dfs序然后分块,后来不知什么鬼我自己不相信这样做能过这题(因为我一开始理解错啦= =假如固定了l,那么r走过的节点数是均摊O(n)的啊= =最多为2n次(进来又出去))
发现题解就是我一开始想的那样= =
可是我忽略了一个问题有木有!在更新lca的时候可能会出问题!自己画图可以得知!反正如果特判的话很难写的样子?
听说vfk神犇有题解我就去膜拜了下= =跪烂
首先设$S(u, v)$表示$u$到$v$路径上的节点集合。令$+$操作表示元素的模2加(即出现次数的模2加法,即异或= =,就是出现两次的就去掉)
容易得到$S(u, v) = S(root, u) + S(root, v) + lca(u, v)$
lca就是最麻烦的,vfk给出了一种巧妙的解法:
设$T(u, v) = S(root, u) + S(root, v)$
则设$u‘$表示$u$要到达的目的地:
$$T(u, v) + T(u‘, v) = S(u, root) + S(u‘, root) + S(v, root) + S(v, root)$$
即
$$T(u‘, v) = T(u, u‘) + T(u, v)$$
那么我们要从$T(u, v)$转移到$T(u‘, v)$只需要走一次$T(u, u‘)$上的点就行辣!(注意踢掉lca)
而不选lca可以直接用向上爬的方法做= =很简单哒= =
然后计数颜色就开个计数器就行辣= =
然后就没辣= =
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原文地址:http://www.cnblogs.com/iwtwiioi/p/4330915.html