标签：描述 ret color back main add 数据规模 round 线段
如题，已知一个数列，你需要进行下面两种操作：
1.将某区间每一个数加上x
2.将某区间每一个数乘上x
3.求出某区间每一个数的和
输入格式：
第一行包含三个整数N、M、P，分别表示该数列数字的个数、操作的总个数和模数。
第二行包含N个用空格分隔的整数，其中第i个数字表示数列第i项的初始值。
接下来M行每行包含3或4个整数，表示一个操作，具体如下：
操作1： 格式：1 x y k 含义：将区间[x,y]内每个数乘上k
操作2： 格式：2 x y k 含义：将区间[x,y]内每个数加上k
操作3： 格式：3 x y 含义：输出区间[x,y]内每个数的和对P取模所得的结果
输出格式：
输出包含若干行整数，即为所有操作3的结果。
5 5 38 1 5 4 2 3 2 1 4 1 3 2 5 1 2 4 2 2 3 5 5 3 1 4
17 2
时空限制：1000ms,128M
数据规模：
对于30%的数据：N<=8，M<=10
对于70%的数据：N<=1000，M<=10000
对于100%的数据：N<=100000，M<=100000
（数据已经过加强^_^）
样例说明：
一个小错误改了一上午
#include<iostream> #include<queue> #include<cstdio> #include<math.h> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; #define LL long long long long n,Q; long long ans,P; long long sum[400009]; long long dx[400009],ch[400009]; long long a[400009]; void build(LL l,LL r,LL id) { ch[id]=1;sum[id]=0; if(l==r) {sum[id]=a[l]%P;return;} int mid=(l+r)/2; build(l,mid,id*2);build(mid+1,r,id*2+1); sum[id]= (sum[id*2] + sum[id*2+1])%P; return; } void cheng(LL l,LL r,LL id,LL tl,LL tr,LL x) { if(tl<=l&&r<=tr) { ch[id]=((LL)ch[id]*x)%P; dx[id]=((LL)dx[id]*x)%P; sum[id]=((LL)sum[id]*x)%P; return; } int mid=(l+r)/2; if((ch[id]!=1) || dx[id]) { dx[id<<1]=((LL)dx[id<<1]*ch[id]+dx[id])%P; ch[id<<1]=((LL)ch[id<<1]*ch[id])%P; sum[id<<1]=(((LL)sum[id<<1]*ch[id])%P+(LL)dx[id]*(mid-l+1)%P)%P; ch[id<<1|1]=((LL)ch[id<<1|1]*ch[id])%P;dx[id<<1|1]=((LL)dx[id<<1|1]*ch[id]+dx[id])%P; sum[id<<1|1]=(((LL)sum[id<<1|1]*ch[id])%P+(LL)dx[id]*(r-mid)%P)%P; ch[id]=1;dx[id]=0; } if(tl<=mid) cheng(l,mid,id*2,tl,tr,x); if(tr>=mid+1) cheng(mid+1,r,id*2+1,tl,tr,x); sum[id]=(sum[id<<1]+sum[id<<1|1])%P; return ; } void add(LL l,LL r,LL id,LL tl,LL tr,LL x) { if(tl<=l&&r<=tr) { (dx[id]+=x)%P; (sum[id]+=(LL)(r-l+1)*x)%P; return; } int mid=(l+r)/2; if( dx[id] || ( ch[id]!=1 )) { ch[id<<1]=((LL)ch[id<<1]*ch[id])%P;dx[id<<1]=((LL)dx[id<<1]*ch[id]+dx[id])%P; sum[id<<1]=(((LL)sum[id<<1]*ch[id])%P+(LL)dx[id]*(mid-l+1)%P)%P; ch[id<<1|1]=((LL)ch[id<<1|1]*ch[id])%P;dx[id<<1|1]=((LL)dx[id<<1|1]*ch[id]+dx[id])%P; sum[id<<1|1]=(((LL)sum[id<<1|1]*ch[id])%P+(LL)dx[id]*(r-mid)%P)%P; ch[id]=1;dx[id]=0; } if(tl<=mid) add(l,mid,id*2,tl,tr,x); if(tr>=mid+1) add(mid+1,r,id*2+1,tl,tr,x); sum[id]=(sum[id<<1]+sum[id<<1|1])%P; return ; } long long ask(LL l,LL r,LL id,LL tl,LL tr) { if(tl<=l&&r<=tr) return sum[id]%P; int mid=(l+r)/2; if( dx[id] || ( ch[id]!=1 )) { ch[id<<1]=((LL)ch[id<<1]*ch[id])%P;dx[id<<1]=((LL)dx[id<<1]*ch[id]+dx[id])%P; sum[id<<1]=(((LL)sum[id<<1]*ch[id])%P+(LL)dx[id]*(mid-l+1)%P)%P; ch[id<<1|1]=((LL)ch[id<<1|1]*ch[id])%P;dx[id<<1|1]=((LL)dx[id<<1|1]*ch[id]+dx[id])%P; sum[id<<1|1]=(((LL)sum[id<<1|1]*ch[id])%P+(LL)dx[id]*(r-mid)%P)%P; ch[id]=1;dx[id]=0; } long long ans=0; if(tl <= mid) ans=(ans+ask(l,mid,id*2,tl,tr))%P; if(tr >= mid+1) ans=(ans+ask(mid+1,r,id*2+1,tl,tr))%P; return ans%P; } int main() { scanf("%lld%lld%lld",&n,&Q,&P); for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&a[i]); build(1,n,1); for(LL i=1,A,l,r,x;i<=Q;i++) { scanf("%lld",&A); if(A==1) { scanf("%lld%lld%lld",&l,&r,&x); cheng(1,n,1,l,r,x); }else if(A==2) { scanf("%lld%lld%lld",&l,&r,&x); add(1,n,1,l,r,x); }else { scanf("%lld%lld",&l,&r); cout<<ask(1,n,1,l,r)%P<<endl; } } return 0; }
标签：描述 ret color back main add 数据规模 round 线段
原文地址：http://www.cnblogs.com/CLGYPYJ/p/7294065.html
