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狼抓兔子(最大流,反向边不为0)

时间:2018-10-22 14:56:23      阅读:241      评论:0      收藏:0      [点我收藏+]

标签:order   script   geo   limit   tor   EDA   pop   超过   ble   

狼抓兔子

https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1001

Time Limit: 15 Sec  Memory Limit: 162 MB
Submit: 29629  Solved: 7761
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Description

现在小朋友们最喜欢的"喜羊羊与灰太狼",话说灰太狼抓羊不到,但抓兔子还是比较在行的,
而且现在的兔子还比较笨,它们只有两个窝,现在你做为狼王,面对下面这样一个网格的地形:

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左上角点为(1,1),右下角点为(N,M)(上图中N=4,M=5).有以下三种类型的道路 
1:(x,y)<==>(x+1,y) 
2:(x,y)<==>(x,y+1) 
3:(x,y)<==>(x+1,y+1) 
道路上的权值表示这条路上最多能够通过的兔子数,道路是无向的. 左上角和右下角为兔子的两个窝,
开始时所有的兔子都聚集在左上角(1,1)的窝里,现在它们要跑到右下解(N,M)的窝中去,狼王开始伏击
这些兔子.当然为了保险起见,如果一条道路上最多通过的兔子数为K,狼王需要安排同样数量的K只狼,
才能完全封锁这条道路,你需要帮助狼王安排一个伏击方案,使得在将兔子一网打尽的前提下,参与的
狼的数量要最小。因为狼还要去找喜羊羊麻烦.

Input

第一行为N,M.表示网格的大小,N,M均小于等于1000.
接下来分三部分
第一部分共N行,每行M-1个数,表示横向道路的权值. 
第二部分共N-1行,每行M个数,表示纵向道路的权值. 
第三部分共N-1行,每行M-1个数,表示斜向道路的权值. 
输入文件保证不超过10M

Output

输出一个整数,表示参与伏击的狼的最小数量.

Sample Input

3 4
5 6 4
4 3 1
7 5 3
5 6 7 8
8 7 6 5
5 5 5
6 6 6

Sample Output

14

HINT

 

 2015.4.16新加数据一组,可能会卡掉从前可以过的程序。

因为两个点是互通的,所以反向边可以设为w,如果按原来的建边方法,要建两次边,会MLE.....
技术分享图片
  1 #include<iostream>
  2 #include<cstring>
  3 #include<string>
  4 #include<cmath>
  5 #include<cstdio>
  6 #include<algorithm>
  7 #include<queue>
  8 #include<vector>
  9 #include<set>
 10 #define maxn 1000005
 11 #define MAXN 1000005
 12 #define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
 13 const int N=1000005;
 14 const int M=1000005;
 15 const int INF=0x3f3f3f3f;
 16 using namespace std;
 17 int n;
 18 struct Edge{
 19     int v,next;
 20     int cap,flow;
 21 }edge[MAXN*6];//注意这里要开的够大。。不然WA在这里真的想骂人。。问题是还不报RE。。
 22 int cur[MAXN],pre[MAXN],gap[MAXN],path[MAXN],dep[MAXN];
 23 int cnt=0;//实际存储总边数
 24 void isap_init()
 25 {
 26     cnt=0;
 27     memset(pre,-1,sizeof(pre));
 28 }
 29 void isap_add(int u,int v,int w)//加边
 30 {
 31     edge[cnt].v=v;
 32     edge[cnt].cap=w;
 33     edge[cnt].flow=0;
 34     edge[cnt].next=pre[u];
 35     pre[u]=cnt++;
 36 }
 37 void add(int u,int v,int w){
 38     isap_add(u,v,w);
 39     isap_add(v,u,w);
 40 }
 41 bool bfs(int s,int t)//其实这个bfs可以融合到下面的迭代里,但是好像是时间要长
 42 {
 43     memset(dep,-1,sizeof(dep));
 44     memset(gap,0,sizeof(gap));
 45     gap[0]=1;
 46     dep[t]=0;
 47     queue<int>q;
 48     while(!q.empty())
 49     q.pop();
 50     q.push(t);//从汇点开始反向建层次图
 51     while(!q.empty())
 52     {
 53         int u=q.front();
 54         q.pop();
 55         for(int i=pre[u];i!=-1;i=edge[i].next)
 56         {
 57             int v=edge[i].v;
 58             if(dep[v]==-1&&edge[i^1].cap>edge[i^1].flow)//注意是从汇点反向bfs,但应该判断正向弧的余量
 59             {
 60                 dep[v]=dep[u]+1;
 61                 gap[dep[v]]++;
 62                 q.push(v);
 63                 if(v==s)//感觉这两句优化加了一般没错,但是有的题可能会错,所以还是注释出来,到时候视情况而定
 64                 break;
 65             }
 66         }
 67     }
 68     return dep[s]!=-1;
 69 }
 70 int isap(int s,int t)
 71 {
 72     if(!bfs(s,t))
 73     return 0;
 74     memcpy(cur,pre,sizeof(pre));
 75     //for(int i=1;i<=n;i++)
 76     //cout<<"cur "<<cur[i]<<endl;
 77     int u=s;
 78     path[u]=-1;
 79     int ans=0;
 80     while(dep[s]<n)//迭代寻找增广路,n为节点数
 81     {
 82         if(u==t)
 83         {
 84             int f=INF;
 85             for(int i=path[u];i!=-1;i=path[edge[i^1].v])//修改找到的增广路
 86                 f=min(f,edge[i].cap-edge[i].flow);
 87             for(int i=path[u];i!=-1;i=path[edge[i^1].v])
 88             {
 89                 edge[i].flow+=f;
 90                 edge[i^1].flow-=f;
 91             }
 92             ans+=f;
 93             u=s;
 94             continue;
 95         }
 96         bool flag=false;
 97         int v;
 98         for(int i=cur[u];i!=-1;i=edge[i].next)
 99         {
100             v=edge[i].v;
101             if(dep[v]+1==dep[u]&&edge[i].cap-edge[i].flow)
102             {
103                 cur[u]=path[v]=i;//当前弧优化
104                 flag=true;
105                 break;
106             }
107         }
108         if(flag)
109         {
110             u=v;
111             continue;
112         }
113         int x=n;
114         if(!(--gap[dep[u]]))return ans;//gap优化
115         for(int i=pre[u];i!=-1;i=edge[i].next)
116         {
117             if(edge[i].cap-edge[i].flow&&dep[edge[i].v]<x)
118             {
119                 x=dep[edge[i].v];
120                 cur[u]=i;//常数优化
121             }
122         }
123         dep[u]=x+1;
124         gap[dep[u]]++;
125         if(u!=s)//当前点没有增广路则后退一个点
126         u=edge[path[u]^1].v;
127      }
128      return ans;
129 }
130  
131 int main(){
132     int m,s,t;
133     cin>>n>>m;
134     int a,b,c;
135     isap_init();
136     s=1,t=n*m;
137     int v;
138     for(int i=1;i<=n;i++){
139         for(int j=1;j<m;j++){
140             cin>>v;
141             add(m*(i-1)+j,m*(i-1)+j+1,v);
142           //  add(m*(i-1)+j+1,m*(i-1)+j,v);
143           // cout<<m*(i-1)+j<<" "<<m*(i-1)+j+1<<"h"<<endl;
144         }
145     }
146     for(int i=1;i<n;i++){
147         for(int j=1;j<=m;j++){
148             cin>>v;
149             add(m*(i-1)+j,m*i+j,v);
150           //  add(m*i+j,m*(i-1)+j,v);
151            // cout<<m*(i-1)+j<<" "<<m*i+j<<"g"<<endl;
152         }
153     }
154     for(int i=1;i<n;i++){
155         for(int j=1;j<m;j++){
156             cin>>v;
157             add(m*(i-1)+j,m*i+j+1,v);
158          //   add(m*i+j+1,m*(i-1)+j,v);
159           //  cout<<m*(i-1)+j<<" "<<m*i+j+1<<"g"<<endl;
160         }
161     }
162  //   add(s,1,INF);
163  //   add(n*m,t,INF);
164     n=n*m;
165     cout<<isap(s,t)<<endl;
166 }
View Code

 

狼抓兔子(最大流,反向边不为0)

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原文地址:https://www.cnblogs.com/Fighting-sh/p/9829415.html

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