标签：memset build ace pre href str 就是 tran pac
给定 \(2 \times n\) 的格点图。其中一些结点有着已知的颜色，其余的结点还没有被染色。一个合法的染色方案不允许相邻结点有相同的染色。
现在一共有 \(c\) 种不同的颜色，依次记为 \(1\) 到 \(c\)。请问有多少对未染色结点的合法染色方案？
第一行有两个整数 \(n\) 和 \(c\)，分别描述了格点图的大小和总的颜色个数。
之后两行，每行有 \(n\) 个整数：如果是 \(0\) 则表示对应结点未被染色，否则一定是一个 \(1\) 到 \(c\) 的整数表示对应结点已经染了某一种颜色。
输出一个整数，为总的染色方案数对 \(10^9 + 9\) 取模后的值。
子任务 \(1\)（\(44\) 分）：\(1 ≤ n ≤ 10000\) 且 \(5 ≤ c ≤ 10000\)；不存在一列有 \(2\) 个已染色结点；被染色结点全部位于第一行；第一列和最后一列均有结点已被染色。
子任务 \(2\)（\(32\) 分）：\(1 ≤ n ≤ 10000\) 且 \(5 ≤ c ≤ 10000\)；不存在一列有 \(2\) 个已染色结点；第一列和最后一列均有结点已被染色。
子任务 \(3\)（\(12\) 分）：\(1 ≤ n ≤ 10000\) 且 \(5 ≤ c ≤ 10000\)；第一列和最后一列均有结点已被染色。
子任务 \(4\)（\(8\) 分）：\(1 ≤ n ≤ 10000\) 且 \(5 ≤ c ≤ 10000\)。
子任务 \(5\)（\(4\) 分）：\(1 ≤ n ≤ 100000\) 且 \(5 ≤ c ≤ 100000\)。
首先我们只需要将有颜色的那些列保留下来就好了，然后只记录另一个格子的颜色，这样状态就是\(O(nc)\)的了。对于一列有两个格子有颜色的情况，我们可以假装该列上第二行没有颜色，然后每次\(DP\)完了过后将不合法的状态清零就行了。
然后考虑两个有颜色的列之间怎么转移。我们可以讨论这两列的四个格子之间的关系，然后直接转移，为此我们要预处理出转移数组（具体的就看上面给的那个博客）这样我们就可以批量转移中间的一堆全\(0\)列了。
转态的话就有一下几种（中间省略了\(0\)）：
\(2,3\)是等价的，\(4,5\)是等价的。转移就不说了。
这样就有\(96\)分了。
96分代码：
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define N 100005
using namespace std;
inline int Get() {int x=0,f=1;char ch=getchar();while(ch<'0'||ch>'9') {if(ch=='-') f=-1;ch=getchar();}while('0'<=ch&&ch<='9') {x=(x<<1)+(x<<3)+ch-'0';ch=getchar();}return x*f;}
const ll mod=1e9+9;
ll ksm(ll t,ll x) {
ll ans=1;
for(;x;x>>=1,t=t*t%mod)
if(x&1) ans=ans*t%mod;
return ans;
}
ll n,c;
int a[N],b[N];
ll g[N][5];
int pos[N],tot;
ll f[2][N];
int col[N];
int type[N];
int main() {
n=Get(),c=Get();
ll trans[5][5]={
{0,1,0,c-2,1ll*(c-2)*(c-3)%mod},
{1,0,c-2,0,1ll*(c-2)*(c-3)%mod},
{0,2,c-2,2*c-5,2ll*(c-3)*(c-3)%mod},
{2,0,2*c-5,c-2,2ll*(c-3)*(c-3)%mod},
{1,1,c-3,c-3,1ll*(c-3)*(c-4)%mod+1}
};
g[0][0]=1;
for(int i=1;i<=n;i++) {
for(int j=0;j<5;j++) {
for(int k=0;k<5;k++) {
(g[i][k]+=g[i-1][j]*trans[j][k])%=mod;
}
}
}
ll inv23=ksm(c-2,mod-2),inv4=ksm((c-2)*(c-3)%mod,mod-2);
for(int i=1;i<=n;i++) {
g[i][2]=g[i][2]*inv23%mod;
g[i][3]=g[i][3]*inv23%mod;
g[i][4]=g[i][4]*inv4%mod;
}
for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=Get();
for(int i=1;i<=n;i++) b[i]=Get();
for(int i=1;i<=n;i++) {
if(a[i]&&a[i]==b[i]) {
cout<<0;return 0;
}
}
for(int i=1;i<=n;i++) {
if(a[i]||b[i]) {
if(a[i]&&!b[i]) type[i]=0,col[i]=a[i];
if(!a[i]&&b[i]) type[i]=1,col[i]=b[i];
if(a[i]&&b[i]) type[i]=2,col[i]=a[i];
pos[++tot]=i;
}
}
if(type[pos[1]]!=2) {
for(int i=1;i<=c;i++)
if(i!=col[pos[1]]) f[1][i]=1;
} else f[1][b[pos[1]]]=1;
if(pos[1]!=1) {
ll tem=(g[pos[1]-1][0]+g[pos[1]-1][1]+2*g[pos[1]-1][2]*(c-2)+2*g[pos[1]-1][3]*(c-2)+g[pos[1]-1][4]*(c-2)%mod*(c-3))%mod;
for(int i=1;i<=c;i++) f[1][i]=f[1][i]*tem%mod;
}
for(int i=2;i<=tot;i++) {
int now=i&1;
memset(f[now],0,sizeof(f[now]));
ll sum=0;
for(int j=1;j<=c;j++) sum+=f[now^1][j];
sum%=mod;
for(int j=1;j<=c;j++) {
if(j==col[pos[i]]) continue ;
if((type[pos[i-1]]&1)==(type[pos[i]]&1)) {
if(col[pos[i-1]]==col[pos[i]]) {
f[now][j]=(f[now^1][j]*g[pos[i]-pos[i-1]][0]+(sum-f[now^1][j]+mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][2])%mod;
} else {
if(j==col[pos[i-1]]) {
f[now][j]=((sum-f[now^1][col[pos[i]]]+mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][3]+f[now^1][col[pos[i]]]*g[pos[i]-pos[i-1]][1])%mod;
} else {
f[now][j]=(f[now^1][j]*g[pos[i]-pos[i-1]][2]+f[now^1][col[pos[i]]]*g[pos[i]-pos[i-1]][3]+(sum-f[now^1][j]-f[now^1][col[pos[i]]]+2*mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][4])%mod;
}
}
} else {
if(col[pos[i-1]]==col[pos[i]]) {
f[now][j]=(f[now^1][j]*g[pos[i]-pos[i-1]][1]+(sum-f[now^1][j]+mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][3])%mod;
} else {
if(j==col[pos[i-1]]) {
f[now][j]=((sum-f[now^1][col[pos[i]]]+mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][2]+f[now^1][col[pos[i]]]*g[pos[i]-pos[i-1]][0])%mod;
} else {
f[now][j]=(f[now^1][j]*g[pos[i]-pos[i-1]][3]+f[now^1][col[pos[i]]]*g[pos[i]-pos[i-1]][2]+(sum-f[now^1][j]-f[now^1][col[pos[i]]]+2*mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][4])%mod;
}
}
}
}
if(type[pos[i]]==2) for(int j=1;j<=c;j++) if(j!=b[pos[i]]) f[now][j]=0;
}
ll sum=0;
for(int i=1;i<=c;i++) sum+=f[tot&1][i];
sum%=mod;
if(pos[tot]<n) {
sum=sum*((g[n-pos[tot]][0]+g[n-pos[tot]][1]+2*g[n-pos[tot]][2]*(c-2)+2*g[n-pos[tot]][3]*(c-2)+g[n-pos[tot]][4]*(c-2)%mod*(c-3))%mod)%mod;
}
cout<<sum;
return 0;
}
优化的话可以发现每次\(DP\)只有几个状态的转移和其他的不一样，所以开颗线段树维护下就好了，当然也可以用\(SDOI2019\ D1\ T1\)的方法（还有这种玩法？？）
\(100\)分代码：
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define N 100005
using namespace std;
inline int Get() {int x=0,f=1;char ch=getchar();while(ch<'0'||ch>'9') {if(ch=='-') f=-1;ch=getchar();}while('0'<=ch&&ch<='9') {x=(x<<1)+(x<<3)+ch-'0';ch=getchar();}return x*f;}
const ll mod=1e9+9;
ll ksm(ll t,ll x) {
ll ans=1;
for(;x;x>>=1,t=t*t%mod)
if(x&1) ans=ans*t%mod;
return ans;
}
ll n,c;
int a[N],b[N];
ll g[N][5];
int pos[N],tot;
ll f[2][N];
int col[N];
int type[N];
struct tree {
int l,r;
ll sum;
ll mul,add;
}tr[N<<2];
void update(int v) {
tr[v].sum=tr[v<<1].sum+tr[v<<1|1].sum;
if(tr[v].sum>=mod) tr[v].sum-=mod;
}
void Add(int v,ll f) {
(tr[v].sum+=f*(tr[v].r-tr[v].l+1))%=mod;
(tr[v].add+=f)%=mod;
}
void Mul(int v,ll f) {
tr[v].sum=tr[v].sum*f%mod;
tr[v].add=tr[v].add*f%mod;
tr[v].mul=tr[v].mul*f%mod;
}
void down(int v) {
if(tr[v].mul!=1) {
Mul(v<<1,tr[v].mul);
Mul(v<<1|1,tr[v].mul);
tr[v].mul=1;
}
if(tr[v].add) {
Add(v<<1,tr[v].add);
Add(v<<1|1,tr[v].add);
tr[v].add=0;
}
}
void build(int v,int l,int r) {
tr[v].l=l,tr[v].r=r;
tr[v].mul=1,tr[v].add=0;
if(l==r) {
tr[v].sum=f[1][l];
return ;
}
int mid=l+r>>1;
build(v<<1,l,mid),build(v<<1|1,mid+1,r);
update(v);
}
void Add(int v,int l,int r,ll f) {
if(tr[v].l>r||tr[v].r<l) return ;
if(l<=tr[v].l&&tr[v].r<=r) {
Add(v,f);
return ;
}
down(v);
Add(v<<1,l,r,f),Add(v<<1|1,l,r,f);
update(v);
}
void Mul(int v,int l,int r,ll f) {
if(tr[v].l>r||tr[v].r<l) return ;
if(l<=tr[v].l&&tr[v].r<=r) {
Mul(v,f);
return ;
}
down(v);
Mul(v<<1,l,r,f),Mul(v<<1|1,l,r,f);
update(v);
}
ll query(int v,int l,int r) {
if(tr[v].l>r||tr[v].r<l) return 0;
if(l<=tr[v].l&&tr[v].r<=r) return tr[v].sum;
down(v);
return (query(v<<1,l,r)+query(v<<1|1,l,r))%mod;
}
int main() {
n=Get(),c=Get();
ll trans[5][5]={
{0,1,0,c-2,1ll*(c-2)*(c-3)%mod},
{1,0,c-2,0,1ll*(c-2)*(c-3)%mod},
{0,2,c-2,2*c-5,2ll*(c-3)*(c-3)%mod},
{2,0,2*c-5,c-2,2ll*(c-3)*(c-3)%mod},
{1,1,c-3,c-3,1ll*(c-3)*(c-4)%mod+1}
};
g[0][0]=1;
for(int i=1;i<=n;i++) {
for(int j=0;j<5;j++) {
for(int k=0;k<5;k++) {
(g[i][k]+=g[i-1][j]*trans[j][k])%=mod;
}
}
}
ll inv23=ksm(c-2,mod-2),inv4=ksm((c-2)*(c-3)%mod,mod-2);
for(int i=1;i<=n;i++) {
g[i][2]=g[i][2]*inv23%mod;
g[i][3]=g[i][3]*inv23%mod;
g[i][4]=g[i][4]*inv4%mod;
}
for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=Get();
for(int i=1;i<=n;i++) b[i]=Get();
for(int i=1;i<=n;i++) {
if(a[i]&&a[i]==b[i]) {
cout<<0;return 0;
}
}
for(int i=1;i<=n;i++) {
if(a[i]||b[i]) {
if(a[i]&&!b[i]) type[i]=0,col[i]=a[i];
if(!a[i]&&b[i]) type[i]=1,col[i]=b[i];
if(a[i]&&b[i]) type[i]=2,col[i]=a[i];
pos[++tot]=i;
}
}
if(type[pos[1]]!=2) {
for(int i=1;i<=c;i++)
if(i!=col[pos[1]]) f[1][i]=1;
} else f[1][b[pos[1]]]=1;
if(pos[1]!=1) {
ll tem=(g[pos[1]-1][0]+g[pos[1]-1][1]+2*g[pos[1]-1][2]*(c-2)+2*g[pos[1]-1][3]*(c-2)+g[pos[1]-1][4]*(c-2)%mod*(c-3))%mod;
for(int i=1;i<=c;i++) f[1][i]=f[1][i]*tem%mod;
}
build(1,1,c);
for(int i=2;i<=tot;i++) {
ll sum=query(1,1,c);
if((type[pos[i-1]]&1)==(type[pos[i]]&1)) {
if(col[pos[i-1]]==col[pos[i]]) {
Mul(1,1,c,g[pos[i]-pos[i-1]][0]-g[pos[i]-pos[i-1]][2]+mod);
Add(1,1,c,sum*g[pos[i]-pos[i-1]][2]%mod);
} else {
ll x=query(1,col[pos[i]],col[pos[i]]);
Mul(1,col[pos[i-1]],col[pos[i-1]]-1,0);
Add(1,col[pos[i-1]],col[pos[i-1]],((sum-x+mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][3]+x*g[pos[i]-pos[i-1]][1])%mod);
Mul(1,1,col[pos[i-1]]-1,g[pos[i]-pos[i-1]][2]-g[pos[i]-pos[i-1]][4]+mod);
Mul(1,col[pos[i-1]]+1,c,g[pos[i]-pos[i-1]][2]-g[pos[i]-pos[i-1]][4]+mod);
Add(1,1,col[pos[i-1]]-1,(x*g[pos[i]-pos[i-1]][3]+(sum-x+mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][4])%mod);
Add(1,col[pos[i-1]]+1,c,(x*g[pos[i]-pos[i-1]][3]+(sum-x+mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][4])%mod);
}
} else {
if(col[pos[i-1]]==col[pos[i]]) {
Mul(1,1,c,g[pos[i]-pos[i-1]][1]-g[pos[i]-pos[i-1]][3]+mod);
Add(1,1,c,sum*g[pos[i]-pos[i-1]][3]%mod);
} else {
ll x=query(1,col[pos[i]],col[pos[i]]);
Mul(1,col[pos[i-1]],col[pos[i-1]]-1,0);
Add(1,col[pos[i-1]],col[pos[i-1]],((sum-x+mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][2]+x*g[pos[i]-pos[i-1]][0])%mod);
Mul(1,1,col[pos[i-1]]-1,g[pos[i]-pos[i-1]][3]-g[pos[i]-pos[i-1]][4]+mod);
Mul(1,col[pos[i-1]]+1,c,g[pos[i]-pos[i-1]][3]-g[pos[i]-pos[i-1]][4]+mod);
Add(1,1,col[pos[i-1]]-1,(x*g[pos[i]-pos[i-1]][2]+(sum-x+mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][4])%mod);
Add(1,col[pos[i-1]]+1,c,(x*g[pos[i]-pos[i-1]][2]+(sum-x+mod)*g[pos[i]-pos[i-1]][4])%mod);
}
}
Mul(1,col[pos[i]],col[pos[i]],0);
if(type[pos[i]]==2) {
if(b[pos[i]]>1) Mul(1,1,b[pos[i]]-1,0);
if(b[pos[i]]<n) Mul(1,b[pos[i]]+1,c,0);
}
}
ll sum=0;
sum=query(1,1,c);
sum%=mod;
if(pos[tot]<n) sum=sum*((g[n-pos[tot]][0]+g[n-pos[tot]][1]+2*g[n-pos[tot]][2]*(c-2)+2*g[n-pos[tot]][3]*(c-2)+g[n-pos[tot]][4]*(c-2)%mod*(c-3))%mod)%mod;
cout<<sum;
return 0;
}
标签：memset build ace pre href str 就是 tran pac
原文地址：https://www.cnblogs.com/hchhch233/p/10874098.html
