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2019 杭电多校 第五场

时间:2019-08-29 11:19:11      阅读:101      评论:0      收藏:0      [点我收藏+]

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2019 Multi-University Training Contest 5

补题链接:2019 Multi-University Training Contest 5

罚时爆炸 自闭场

1004 equation (HDU 6627)

题意:

给定一个整数 \(C\)\(N\)\(a_i,b_i\),求 \(∑_{i=1}^N|a_i\cdot x + b_i| = C\) 的所有解,如果有无穷多个解就输出 -1.

思路

分类讨论

分类讨论去绝对值。根据 \(b_i / a_i\) 排序,可得各段区间:\([-b_0/a_0, ∞),\ [-b_1/a_1, -b_0/a_0),\ [-b_2/a_2, -b_1/a_1),\ ...\ ,[-b_n/a_n, -b_{n-1}/a_{n-1}),\ [∞, -b_n/a_n)\)\(suma = \sum_{i=1}^Na_i, sumb = \sum_{i=1}^Nb_i\),依次让 \(a_ix+b_i\) 变成 \(-a_ix-b_i\),也就是 \(suma - 2a_i, sumb-2b_i\),求出 \(x_i = \frac{c - sumb}{suma}\) 并判断是否在区间内。无穷解的情况:\(suma = 0, sumb = c\)

感谢杭电没有卡 \(double\)

#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <cmath>
#include <vector>
#include <algorithm>
using namespace std;

const int maxn = 1e5 + 10;

typedef long long ll;

struct Coefficient {
    ll a, b;
} co[maxn];

int cmp(Coefficient c1, Coefficient c2) {
    return c1.b * 1.0 / c1.a < c2.b * 1.0 / c2.a;
}

vector<Coefficient> ans;

ll gcd(ll a, ll b) {
    return b == 0? a: gcd(b, a % b);
}

int main() {
    int T;
    cin >> T;
    while(T--) {
        ans.clear();
        int n;
        ll c;
        scanf("%d%lld", &n, &c);
        ll suma = 0, sumb = 0;
        for(int i = 1; i <= n; ++i) {
            scanf("%lld%lld", &co[i].a, &co[i].b);
            suma += co[i].a;
            sumb += co[i].b;
        }
        sort(co + 1, co + n + 1, cmp);
        Coefficient t;
        t.a = suma, t.b = sumb;
        if((c - sumb) * 1.0 / suma >= -co[1].b * 1.0 / co[1].a) {
            t.b = c - t.b;
            ans.push_back(t);
        }

        int flag = 1;
        for(int i = 1; i <= n; ++i) {
            suma -= co[i].a * 2;
            sumb -= co[i].b * 2;
            t.a = suma;
            t.b = sumb;
            if(!suma) {
                if(sumb == c) {
                    flag = 0;
                    break;
                }
            }
            if(i < n) {
                if((c - sumb) * 1.0 / suma >= -co[i + 1].b * 1.0 / co[i + 1].a && (c - sumb) * 1.0 / suma < -co[i].b * 1.0 / co[i].a) {
                    t.b = c - t.b;
                    ans.push_back(t);
                }
            } else {
                if((c - sumb) * 1.0 / suma < -co[i].b * 1.0 / co[i].a) {
                    t.b = c - t.b;
                    ans.push_back(t);
                }
            }
        }

        if(!flag) printf("-1\n");
        else {
            sort(ans.begin(), ans.end(), cmp);
            printf("%d", ans.size());
            for(int i = 0; i < ans.size(); ++i) {
                if(ans[i].b * 1.0 / ans[i].a < 0) printf(" -");
                else printf(" ");
                ll g = gcd(abs(ans[i].b), abs(ans[i].a));
                if(ans[i].b == 0) printf("0/1");
                else printf("%lld/%lld", abs(ans[i].b) / g, abs(ans[i].a) / g);
            }
            printf("\n");
        }
        
    }
    return 0;
}

1005 permutation 1 (HDU 6628)

题意:

定义排列 \(p_1, p_2, ... , p_n\) 的 "difference sequence" 为 \(p_2-p_1, p_3-p_2,...,p_n-p_{n-1}\)。现在给定 \(N\)\(K\),求长度为 \(N\) 的所有排列中 "difference sequence" 的字典序第 \(K\) 小的排列。

题解:

暴力 STL 全排列

题目给定 \(K\) 的范围不超过 \(10^4\),而 \(8! = 40320 > K\),因此可以预处理 \(N <= 8\) 的情况,当 \(N > 8\) 时暴力求 \(a[1] = n\) 的全排列。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

const int maxn = 1e5 + 10;

struct P {
    int num[10];
    string str;
} ans[10][maxn];

int cmp(P p1, P p2) {
    return p1.str < p2.str;
}

int main() {
    int a[10] = {0, 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8};
    for(int i = 2; i <= 8; ++i) {
        int cnt = 1;
        do {
            // for(int j = 0; j < i; ++j) {
            //     cout << a[j] << " ";
            // }
            // cout << endl;
            for(int j = 1; j <= i; ++j) {
                ans[i][cnt].num[j] = a[j];
                if(j < i) ans[i][cnt].str += a[j + 1] - a[j] + 'A';
            }
            ++cnt;
        } while(next_permutation(a + 1, a + 1 + i));
        sort(ans[i] + 1, ans[i] + cnt, cmp);
        // for(int j = 1; j < cnt; ++j) { for(int k = 1; k <= i; ++k) cout << ans[i][j].num[k] << ""; cout << endl;}
    }
    int T;
    cin >> T;
    while(T--) {
        int n, k;
        scanf("%d%d", &n, &k);
        if(n <= 8) {
            for(int j = 1; j <= n; ++j) {
                printf("%d", ans[n][k].num[j]);
                printf("%s", j == n? "\n": " ");
            }
        } else {
            int a[30];
            a[1] = n;
            for(int i = 2; i <= n; ++i) {
                a[i] = i - 1;
            }
            for(int i = 0; i < k - 1; ++i) {
                next_permutation(a + 1, a + 1 + n);
            }
            for(int i = 1; i <= n; ++i) {
                printf("%d", a[i]);
                printf("%s", i == n? "\n": " ");
            }
        }
    }
    return 0;
}

1006 string matching (HDU 6629)

题意

给定字符串 \(s[0...len - 1]\),对于每个 \(i > 0\),用下图的程序求 \(s[i...len - 1]\)\(s[0...len - 1]\) 的最长公共前缀的长度时,字符比较的操作进行了几次?
技术图片

题解

扩展KMP/Z函数

签到题,扩展KMP (Z函数) 的裸题,cin 被卡了,改成 scanf 就过了。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
char s[1000010];

// Z函数
vector<int> z_function() {
    int n = strlen(s);
    vector<int> z(n);
    for (int i = 1, l = 0, r = 0; i < n; ++i) {
        if (i <= r)
            z[i] = min(r - i + 1, z[i - l]);
        while (i + z[i] < n && s[z[i]] == s[i + z[i]])
            ++z[i];
        if (i + z[i] - 1 > r)
            l = i, r = i + z[i] - 1;
    }
    return z;
}

int main() {
    int T;
    scanf("%d",&T);
    while(T--) {
        scanf("%s", s);
        vector<int> v = z_function();
        ll ans = 0;
        int len = v.size();
        for(int i = 1; i < len; ++i) {
            if(i == len - 1) {
                ans += 1;
                break;
            }
            if(v[i] + i >= len) ans += v[i]; // while 循环中 i + k >= len 就退出循环了
            else ans += v[i] + 1; // otherwise 语句,多比较一次才退出
        }
        printf("%lld\n", ans);
    }
}

1007 permutation 2 (HDU 6630)

\(solved\ by\ ch\)

题意

给定三个正整数 \(N, x, y\),求 \(1 \sim N\) 的全排列中满足下列条件的个数。

  1. \(p_1 = x\)
  2. \(p_N = y\)
  3. 对于所有 \(1 \le i < N,\ |p_i - p_{i + 1}|\le 2\)

题解

DP/动态规划

特殊情况有点多,WA 了好几次。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

typedef long long ll;

const ll mod = 998244353;

const int maxn = 1e5 + 10;

ll dp[maxn] = {1, 1, 2, 3, 4};

int main() {
    for(int i = 5; i < maxn; ++i) {
        dp[i] = (dp[i - 1] + dp[i - 3]) % mod;
        // if(i <= 20)cout << dp[i] << endl;
    }
    int T;
    cin >> T;
    while(T--) {
        ll n, x, y;
        scanf("%lld%lld%lld", &n, &x, &y); // cout << dp[0] << endl;
        // cout << (dp[y - 1] - dp[x] + mod) % mod << endl;
        if(y - x == 1 && n > 3 && x == 1) printf("1\n");
        else if(y - x == 1 && n > 3 && y == n) printf("1\n");
        else if(y - x == 1 && n > 3) printf("0\n");
        else if(n <= 4) printf("%lld\n", dp[y - x - 1]);
        else if(y - x == 2) printf("1\n");
        else if(x == 1 && y == n) printf("%lld\n", dp[y - x - 1]);
        else if(x == 1 || y == n) printf("%lld\n", dp[y - x - 2]);
        else printf("%lld\n", dp[y - x - 3]);
    }
    return 0;
}

2019 杭电多校 第五场

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原文地址:https://www.cnblogs.com/wulitaotao/p/11428320.html

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