标签：溢出 click its i++ 如何 ret main class aaa
D-8
申请停课，ly说的还是很有道理的（虽然我也这么想），文化课什么的，早晚都得学，oi可能就学不了了（tcl），想做什么还是去做吧，也没什么不可能的（是吧，陈。 ：) ）做了准备（虽然并不adequate，但是不尝试=100%GG，尝试=99%GG）有计划每天上午考试下午改题晚上改题。结果已经不重要了（学2年了快，挺有趣的）
D-7
停课D1，早自习了。上午各科老师问我干啥了，尴尬死。。。我以为ly说过了，给各位造成了不便。。。sorry。上午考试发现自己菜死了。sb题都不会了，analysis below
T1
（其他样例啥的就不写了，子任务）
先分析一下，一开始觉得期望，就没怎么看，后来看到了子任务有 只有一个边有权值，暗示我们这个题只需要一个一个边考虑就行。首先对于一条边，左边x*boy，y*girl，（右边m-x*boy，m-y*girl）然后左边子树size，（右边子树n-size）我们肯定想最大，最大的话就是min(x,m-y)+min(y,m-x) 这东西画画图发现=max(x+y,2m-x-y)
实际上问题就变成了，2m中选x个人（不分男女）然后瞎jb放
还有个点就是：根据调整法（我这么叫他）我们肯定能在保证一条边达到最大贡献 ，同时 ，让另一条边也达到最大 贡献，然后推广到所有边。
然后问题就愉快的变成了 sigma w[u,v]*c(2m,x)*size[u]^x*size[v]^(2m-x)*max(x,2m-x) (x=1~2m-1)瞎jb选x个人，瞎jb放在一边，然后瞎jb连边达到最大，然后就可以了。
1 #include<bits/stdc++.h> 2 #define LL long long 3 using namespace std; 4 const int maxn=2505; 5 const LL P=1e9+7ll; 6 int Pow[maxn][maxn<<1];//pow[i][j]=i^j 7 int sum[maxn];//sum[i]=sigma C(2m,j)i^j*(n-i)^(2m-j) (j=1~2m-1) 8 int n,m; 9 int w[maxn]; 10 struct Edge{ 11 int u,v; 12 Edge(int U=0,int V=0):u(U),v(V){} 13 }e[maxn]; 14 int ans; 15 int fst[maxn],nxt[maxn<<1],to[maxn<<1],edge_count; 16 inline void add(int x,int y){ 17 edge_count++; 18 to[edge_count]=y; 19 nxt[edge_count]=fst[x]; 20 fst[x]=edge_count; 21 } 22 int size[maxn]; 23 void dfs(int u,int fa){ 24 size[u]=1; 25 for(int i=fst[u];i;i=nxt[i]){ 26 int v=to[i]; 27 if(v==fa)continue; 28 dfs(v,u); 29 size[u]+=size[v]; 30 } 31 } 32 int jc[maxn<<1],inv[maxn<<1],njc[maxn<<1]; 33 inline void com(){ 34 inv[1]=jc[1]=njc[1]=jc[0]=njc[0]=1; 35 for(int i=2;i<=m<<1;i++){ 36 jc[i]=1ll*jc[i-1]*i%P; 37 inv[i]=1ll*(P-P/i)*inv[P%i]%P; 38 njc[i]=1ll*njc[i-1]*inv[i]%P; 39 } 40 } 41 inline int c(int n,int m){return 1ll*jc[n]*njc[m]%P*njc[n-m]%P;} 42 inline void init(){ 43 for(int i=1;i<n;i++){//ö¾Ù size & n-size 44 Pow[i][0]=1; 45 for(int j=1;j<m<<1;j++)Pow[i][j]=1ll*Pow[i][j-1]*i%P; 46 //size^(x+y) & size^(2m-x-y) 47 } 48 for(int i=1;i<n;i++){//sum[size]=sigma size^(x+y)*(n-size)^(2m-x-y) (x+y = 1~2m-1) 49 for(int j=1;j<m<<1;j++) 50 sum[i]=(1ll*sum[i]+1ll*c(m<<1,j)*min(j,(m<<1)-j)%P*Pow[i][j]%P*Pow[n-i][(m<<1)-j]%P)%P; 51 } 52 } 53 int main(){ 54 scanf("%d%d",&n,&m); 55 com();init(); 56 for(int i=1,u,v;i<n;i++){ 57 scanf("%d%d%d",&u,&v,&w[i]); 58 e[i]=Edge(u,v); 59 add(u,v);add(v,u); 60 } 61 dfs(1,0); 62 for(int i=1;i<n;i++){ 63 ans=(1ll*ans+1ll*w[i]*sum[ min(size[e[i].u],size[e[i].v]) ])%P; 64 } 65 66 printf("%d",ans); 67 return 0; 68 }
T2
挺sb的题，但是我想了好久，一开始发现，倍长（显然），枚举，判定，问题是如何判定，一直在想，如果 k 不合法，那么会在 相邻两个不相同的情况下 构成 f(k)个，相隔k个出现相同字符，（aaaaaaabaab，k=3（k的定义是，旋转的长度））然后想的是建边，跑topological sort，但是没办法，边长太多，不能直接搞。
经过qzh dalao启发，hash，冥思苦想 啊，hash判定字符串相等（重新推了一下 unsigned long long 自然溢出hash，真tm好用。），发现，刚刚自己一直想弄的，有f(k)个不合法子串<=>平移k位 重合。
AC Code
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原文地址：https://www.cnblogs.com/a-blog-of-taojiayi-2003/p/13121664.html
